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2-7 완비 정규직교집합(2)



정의 2.51 mi(i=1,2,...,n)가 정수이고 x=(x1,...,xn)Rn일 때ψm(x)=ni=1ψmi(xi)(m=(m1,...,mn))

n차 에르미트 함수라고 한다.


정의 2.51에 의해 다음의 성질을 얻는다.


n차 에르미트 함수들의 집합 {ψm|mi0,miZ}L2(Rn)에서 정규직교집합이다. 


n차 에르미트 함수들의 집합이 Lp(Rn)의 기본부분집합임을 보이기 위해 다음의 보조정리를 증명한다.


보조정리 2.52 다음과 같은 함수들의 집합M={f1f2fn|fiLp(R),i=1,...,n}

Lp(Rn)에서 기본부분집합이다.

증명:

(1) Rn에서 컴팩트 받침(compact support)을 갖는 연속함수들의 집합은 Lp(Rn)에서 조밀하다.

(2) 따라서 다음과 같은 함수들의 집합 SLp(Rn)에서 조밀하다.S={g(x)χ[k,k]n(x)|xRn,gis continuous atRn}

(3) 그러므로 S에 속하는 각 함수들이 M에 속하는 함수들의 유한 일차결합에 의해 근사됨을 보이면 된다.

스톤-바이어슈트라스 정리에 의해 다음의 함수들g1x1),...,gn(xn),giC([k,k]),i=1,...,n

들의 일차결합들의 집합은 C([k,k]n)에서 최소상계노름(sup-norm)에 대해 조밀하므로 (3)이 성립한다.


정리 2.53 n차 에르미트 함수들의 집합 {ψm|mi0,miZ}Lp(Rn)(1<p<)의 기본부분집합이고, 특히 이 집합은 L2(Rn)에서 완비 정규직교집합이다.

증명: 보조정리 4.17에 의해 M(보조정리 2.52의 집합 M)의 각 원소들이 n차 에르미트 함수들의 유한 일차결합에 의해 근사됨을 보이면 된다. 1차 에르미트 함수들의 집합은 Lp(R)의 기본부분집합이므로 fjLp(R)를 근사하는 함수 gj(xj)=mji=1aijψi(xj)가 존재한다. 함수 g1(x1),...,gn(xn)n차 에르미트 함수들의 유한 일차결합이므로 g1(x1)gn(xn)f1(x1)fn(xn)을 근사함을 보이면 된다. 이것은 다음의 식에 의해 보일 수 있다.f1fng1gnp(f1fn)(f1fn1gn)p+(f1fn1gn)(f1fn2gn1gn)p++(f1g2gn)(g1gn)p=(f1pfn1pfngnp)+(f1pfn2pfn1gn1pgnp)++(f1g1pg2pgnp)

이제 L2(C0([a,b]))에서 완비 정규직교집합을 정의하기 위해, n차 에르미트 다항식 Hn(x)와 에르미트 함수 ψn(x)를 여기서는 다음과 같이 변형시켜 사용하겠다.Hn(x)=(1)nn!e12x2dndxne12x2ψn(x)=(2π)14Hn(x)e14x2
\{P_{k}\}를 L2([a,b])에서 완비 정규직교집합이라 하자. kN, m0이 정수일 때φ(m,k)(x)=Hn(baPk(t)˜dx(t))
로 놓자. mi0(i=1,...,k)가 정수일 때Φm(x)=φ(m1,1)(x)φ(mk,k)(x)(m=(m1,...,mk))
로 놓자. 그러면 다음의 성질들이 성립한다.

(1) φ(0,k)(x)=1

(2) Φm(x)=Φ(m1,...,mk,0,...,0)(x)

(3) m=(m1,...,mk)의 맨 앞이나 중간에 0이 올 때는 Φ의 값이 달라진다. 예를들어Φ(0,2,4)(x)Φ(2,4)(x)Φ(2,0,4)(x)

이다.


정리 2.54 모든 Φ들의 집합 {Φm|kN,mi0,miZ}L2(C0([a,b]))에서 정규직교집합이다.

증명: 팰리-위너-지그문드 적분공식으로부터 다음의 식을 얻는다.C0([a,b])Φm(x)Φn(x)dm(x)(n=(n1,...,nk))=C0([a,b]){kj=1Hmj(baPj(t)˜dx(t))}{kj=1Hnj(baPj(t)˜dx(t))}dm(x)=(2π)k2Rk{kj=1Hmj(uj)}{kj=1Hnj(uj)}e12kj=1u2jdu(u=(u1,...,un))=Rk{kj=1ψmj(uj)}{kj=1ψnj(uj)}du=δm1,n1δm2,n2δmk,nk

정의 2.55 FL2(C0([a,b]))에 대하여 다음의 AmF의 푸리에-에르미트 계수라고 한다.Am=C0([a,b])F(x)Φm(x)dm(x)
보조정리 2.56 f(u),u=(u1,...,un)Rn에서 르베그 가측함수이고 f(u)e14|u|2L2(Rn)(|u|2=u21++u2n)라고 하자. F:C0([a,b])R를 다음과 같이 정의하면F(x)=f(baP1(t)˜dx(t),...,baPn(t)˜dx(t))
다음의 식이 성립한다.C0([a,b])F(x)Φm(x)dm(x)={(i)am(k=n)(ii)0(n<k,mk0)
여기서 amf(u)e14|u|2k차 에르미트 계수이다. 

증명: (i)과 (ii)만으로 되어있는 이유는 k<n이면 0을 추가해서 (i)의 경우가 되게 할 수 있고, n<k이고 mk=0이면, mk=0, mk1=0,...의 순으로 0을 없애나가다가 처음으로 0이 아닌 항을 mk이라 하자. k>n이면 (ii)의 경우가 되고, k=n이면 (i)의 경우가 된다. P.W.Z적분공식으로부터 다음의 등식을 얻는다.C0([a,b])F(x)Φm(x)dm(x)=(2π)k2Rkf(u){kj=1Hmj(uj)}e12kj=1u2jdu

(i) n=k이면(2π)k2Rk{f(u)e14kj=1u2j}{kj=1Hmj(uj)e14u2j}du=am
(ii) n<k이면, 적분 C0([a,b])F(x)Φm(x)dm(x)에서 변수 uk에 대해 먼저 적분한다. 그러면 변수 uk에 대한 적분은 다음과 같다.RH0(uk)e14u2kHmk(uk)e14u2kduk=δ0,k
보조정리 2.57 F가 보조정리 2.56의 함수라 하자. 그러면 다음의 적분식은 N일 때 0으로 수렴한다.I=C0([a,b])|F(x)Nm1,...,mn=0AmΦm(x)|2dm(x)
증명: 위너 적분공식으로부터I=1(2π)nRn|f(u)Nm1,...,mn=0AmHm1(u1)Hmn(un)|2e12ni=1u2idu=Rn|(2π)n4f(u)e14ni=1u2iNm1,...,mn=0amnj=1{2π)14Hmj(uj)e14u2j}|2du
이고 위 식의 마지막 적분은 N일 때 0으로 수렴한다.


보조정리 2.58 F가 보조정리 2.56의 함수라 하자. 그러면 F의 푸리에-에르미트 급수Nm1,...,mN=0AmΦm(x)

N일 때 FL2(C0([a,b]))노름수렴한다.

증명: N>n일 때 Nm1,...,mn=0Nm1,...,mN=0에서 0이 아닌 항들은 모두 같으므로 보조정리 2.57에 의해 증명된다.

처음 합에서 나타나는 모든 항들 AmΦm(x)는 두 번째 합에서도 A(m1,...,mn,0,...,0)Φ(m1,...,mn,0,...,0)으로 나타난다. 어떤 j(n+1jN)에 대해서 mj0인 두 번째 합에 있는 항은 보조정리 2.56에 의해 Am=0이다.


정리 2.59 보조정리 2.56에 정의된 함수 F형태의 모든 함수들의 집합(n도 변함)은 L2(C0([a,b]))에서 조밀하다.

증명: 생략


정리 2.60 {Φm}L2(C0([a,b]))에서 완비 정규직교집합이다.  

증명: {Φm}L2(C0([a,b]))의 기본부분집합임을 보이면 된다. 

임의의 함수 GL2(C0([a,b]))에 대해서, G를 보조정리 2.56의 함수 F들로 근사한다. 보조정리 2.57에 의해, FΦm들의 유한 일차결합에 의해 근사된다.  

 

참고자료:

위너 적분론, 장건수, 민음사

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Posted by skywalker222