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20. 멱급수의 미분과 적분, 곱셈과 나눗셈



C를 다음의 멱급수S(z)=n=0an(zz0)n가 수렴하는 원의 내부에 있는 임의의 경로라고 하자. C에서 연속인 함수 g(z)에 대하여 다음 등식이 성립한다.Cg(z)S(z)dz=n=0anCg(z)(zz0)ndz이 정리의 증명은 생략하겠다. 이 정리로부터 급수 S(z)는 그 급수의 수렴하는 원의 내부에 있는 모든 점 z에서 해석적임을 알 수 있다.(수렴하는 원의 바깥에 있는 점에 대해서는 수렴하지 않는다)


다음의 함수f(z)={ez1z,(z0)1,(z=0)는 전해석 함수이다. 그 이유는 ez1=n=1znn!이므로 z0일 때f(z)=n=1zn1n!=1+z2!+z23!+이고 이 급수는 z=0일 때 f(0)으로 수렴하므로 f(z)는 모든 z에 대해 수렴하는 멱급수로 표현되고 따라서 f는 전해석 함수이다. 따라서 fz=0에서 연속이고 z0일 때 f(z)=ez1z이므로limz0ez1z=limz0f(z)=f(0)=1이다.


멱급수S(z)=n=0an(zz0)n이 수렴하는 원의 내부에 있는 모든 점 z에 대하여 S(z)를 항별로 미분할 수 있다. 즉 다음이 성립한다.S(z)=n=1nan(zz0)n1이 정리의 증명은 앞 정리에서 g(z)=12πi(sz)2라고 하면 코시 적분공식에 의해S(z)=n=1anddz(zz0)n=n=1nan(zz0)n1이 성립한다.


급수1z=n=0(1)n(z1)n(|z1|<1)를 미분하면1z2=n=1(1)nn(z1)n1(|z1|<1)이고1z2=n=0(1)n(n+1)(z1)n(|z1|<1)이다.


두 멱급수f(z)=n=0an(zz0)n,g(z)=n=0bn(zz0)n가 원 |zz0|=R내부에서 수렴한다고 하자. 그러면 f(z),g(z)|zz0|<R에서 해석적이고f(z)g(z)=n=0cn(zz0)n(|zz0|<R)이다. 이때c0=f(z0)g(z0)=a0b0c1=f(z0)g(z0)+f(z0)g(z0)1!=a0b1+a1b0c2=f(z0)g(z0)+2f(z0)g(z0)+f(z0)g(z0)2!=a0b2+a1b1+a2b0이므로cn=nk=0f(k)(z0)k!g(nk)(z0)(nk)!=nk=0akbnk이고 따라서f(z)g(z)=a0b0+(a0b1+a1b0)(zz0)+(a0b2+a1b1+a2b0)(zz0)2++(nk=0akbnk)(zz0)n+(|zz0|<R)이다. 이 것을 두 급수의 코시 곱(cauchy product)이라고 한다.


함수 ez1+zz=1에서 정의되지 않는다. 따라서 이 함수의 매클로린 전개는 |z|<1에서ez1+z=ez11(z)=(1+z1!+z22!+z33!+)(1z+z2z3+)이고 z의 각 동류항을 아래와 같이 같은 세로 줄에 모으면

다음의 결과를 얻는다.ez1+z=1+12z213z3+(|z|<1)

f(z),g(z)가 앞에서의 급수이고 |zz0|<R에서 g(z)0이라 하자. 그러면 f(z)g(z)|zz0|<R에서 해석적이므로f(z)g(z)=n=0dn(zz0)n이고 여기서dn=dndzn(f(z)g(z))(|zz0|<R)이다.


sinhz=isin(iz)이므로 sinhz의 영점은 z=nπi(nZ)이다. 그러면 |z|<π일 때1z2sinhz=1z2(z+z33!+z55!+)=1z3(11+z23!+z45!+)이고

이므로11+z23!+z45!+=113!z2+{1(3!)215!}z4+=116z2+7360z4+(|z|<π)이고 따라서1z2sinhz=1z316z+7360z+(0<|z|<π)이고 이때|z|=11z2sinhzdz=π3i이다.


참고자료:

Complex Variables and Applications 8th edition, Brown, Churchill, McGraw-Hill 

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Posted by skywalker222