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3-4 가우스 과정에 대한 확률적분



여기서는 브라운 운동과정을 포함하는 어떤 가우스 과정에 대한 L2([a,b])함수들의 확률적분을 정의하고 그 성질을 조사할 것이다.


(Ω,B,P)[0,1]에서 저으이된 가우스 과정 X가 다음의 조건들을 만족한다고 하자.

(3.1) 평균함수 m(t)=0

(3.2) 공분산함수 r(s,t)[0,1]×[0,1] 

(3.3) 2rs22rts가 존재하고 삼각형 1, 2에서 유계이다.1={(s,t)[0,1]×[0,1]|s(0,t),t(0,1)}2={(s,t)[0,1]×[0,1]|s(t,1),t(0,1)}(3.4) 2rts12에서 a.e.연속이다. 

*(3.2)와 (3.3)은 강한 극한정리에서 가정한 조건이고, (3.2)와 (3.3)을 만족하는 가우스 과정을 박스터(Baxter) 과정이라고 한다. 


C([0,1])를 [0,1]에서 정의된 연속함수들의 L2([0,1])에서의 동치류들의 집합이라 하자. 그러면 C([0,1])L2([0,1])의 조밀한 부분공간이다. 이제 fC([0,1])에 대한 확률적분을 먼저 정의하고 이 정의를 L2([0,1])로 확장한다.


보조정리 3.19 함수 r:[0,1]×[0,1]R이 조건 (3.2), (3.3), (3.4)를 만족하는 양의 정부호 대칭함수라 하자.α(t)=D(t)D+(t),t(0,1)(D(t)=lim로 놓고 [0,\,1]의 분할 PP:0=a_{0}<a_{1}<\cdots<a_{q}=1에 대해 다음의 기호를 정의하자.\begin{align*}\triangle r_{k,\,l}&=r(a_{k},\,a_{l})-r(a_{k-1},\,a_{l})-r(a_{k},\,a_{l-1})+r(a_{k-1},\,a_{l-1})\,(l,\,k=1,\,2,\,...,\,q)\\ S_{0}(P)&=\sum_{k=1}^{q}{\triangle r_{k,\,k}}\\S_{1}(P)&=\sum_{k\neq l}{\triangle r_{k,\,l}}\\S_{2}(P)&=\sum_{k\neq l}{|\triangle r_{k,\,l}|}\\|P|&=\max_{1\leq k\leq q}(a_{k}-a_{k-1})\end{align*}그러면 모든 c>0에 대해 \eta>0가 존재해서 다음을 만족한다.\begin{align*}&\left|S_{0}(P)-\int_{[0,\,1]}{\alpha(t)d\lambda(t)}\right|<c\\&\left|S_{1}(P)-\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}(s,\,t)d\lambda(s,\,t)}\right|<c\\&\left|S_{2}(P)-\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{\left|\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}(s,\,t)\right|d\lambda(s,\,t)}\right|<c\end{align*}증명: 생략


정리 3.20 X가 (3.1), (3.2), (3.3), (3.4)를 만족하는 가우스 과정이라고 하자. P^{n}[0,\,1]의 분할0=a_{n,\,0}<a_{n,\,1}<\cdots<a_{m,\,q(n)}=1,\,n\in\mathbb{N}이라 하고, \displaystyle\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{|P^{n}|}=0이라 하자.\alpha^{n}=\{\alpha_{n,\,k}\in[a_{n,\,k-1},\,a_{n,\,k}]\,|\,k=1,\,2,\,...,\,q(n)\}이라 하고, f\in C([0,\,1])의 리만-스틸체스 합을 모든 \omega\in\Omega에 대해 다음과 같이 정의하자.S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})(\omega)=\sum_{k=1}^{q(n)}{f(\alpha_{n,\,k})\{X(a_{n,\,k},\,\omega)-X(a_{n,\,k-1},\,\omega)\}}그러면 \{S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})\,|\,n\in\mathbb{N}\}L_{2}(\Omega)에서 코시수열이다. 이 코시수열이 L_{2}(\Omega)에서 수렴하는 극한은 f에 의해 결정되고 \{P^{n}\}\{\alpha^{n}\}과는 독립적이다.

증명: 생략


정리 3.21 f,\,g\in C([0,\,1]), a,\,b\in\mathbb{R}일 때, 다음의 성질들이 성립한다.

(1) I(af+bg)=aI(f)+bI(g) 

(2) E(I(f))=0 

(3) \displaystyle\langle I(f),\,I(g)\rangle=\int_{[0,\,1]}{f(t)g(t)\alpha(t)d\lambda(t)}+\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f(s)g(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}d\lambda(s,\,t)} 

(4) \displaystyle\|I(f)\|^{2}=\int_{[0,\,1]}{|f(t)|^{2}\alpha(t)d\lambda(t)}+\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f(s)f(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}d\lambda(s,\,t)} 

(5) I(f)\,\sim\,N(0,\,\|I(f)\|^{2}) 

(6) \{I(f)\,|\,f\in C([0,\,1])\}은 가우스 과정이다. 

증명: 

(1): P^{n}, \alpha^{n}을 정리 3.20에서 정의되었다고 하자. 그러면 다음의 결과에 의해 성립한다.S(af+bg,\,P^{n},\,\alpha^{n})=aS(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})+bS(g,\,P^{n},\,\alpha^{n})(2): 다음의 결과로부터 성립한다.\begin{align*}E(S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n}))&=\sum_{k=1}^{q(n)}{f(a_{n,\,k})\{E(X(a_{n,\,k}))-E(X(a_{n,\,k-1}))\}}=0\\ E(I(f))&=\langle I(f),\,1\rangle=\langle\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})},\,1\rangle\\&=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\langle S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n}),\,1\rangle}\\&=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{E(S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n}))}\\&=0\end{align*} 

(3):\begin{align*}&\langle I(f),\,I(g)\rangle=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\langle S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n}),\,S(g,\,P^{n},\,\alpha^{n})\rangle}\\&P^{n}:0=a_{0}<a_{1}<\cdots<a_{q}=1,\,\alpha_{k}=a_{k},\,l=1,\,2,\,...,\,q\end{align*}라 하자. 그러면 다음의 두 등식들이 성립한다.\begin{align*}S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})&=\sum_{k=1}^{q}{f(a_{k})\{X(a_{k})-X(a_{k-1})\}}\\S(g,\,P^{n},\,\alpha^{n})&=\sum_{k=1}^{q}{g(a_{k})\{X(a_{k})-X(a_{k-1})\}}\end{align*}\triangle r_{k,\,l}=\langle X(a_{k})-X(a_{k-1}),\,X(a_{l}-a_{l-1})\rangle이므로 다음의 등식이 성립한다.\langle S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n}),\,S(g,\,P^{n},\,\alpha^{n})\rangle=\sum_{k=1}^{q}{f(a_{k})g(a_{k})\triangle r_{k,\,k}}+\sum_{k\neq l}{f(a_{k})g(a_{l})\triangle r_{k,\,l}}\triangle r_{k,\,k}는 다음과 같고\begin{align*}\triangle r_{k,\,k}&=\left\{\frac{\partial r}{\partial s}(a_{k}',\,a_{k})-\frac{\partial r}{\partial s}(a_{k}'',\,a_{k-1})\right\}(a_{k}-a_{k-1})\\&=\{D^{-}(a_{k})-D^{+}(a_{k})+O(a_{k}-a_{k-1})\}(a_{k}-a_{k-1})\\&=\{\alpha(a_{k})+Q(a_{k}-a_{k-1})\}(a_{k}-a_{k-1})\,(a',\,a''\in(a_{k-1},\,a_{k}))\end{align*}\alpha(0,\,1)에서 유계이고 연속이고, fg[0,\,1]에서 연속이므로 fg\alpha[0,\,1]에서 르베그적분 가능하고 이상 리만적분 \displaystyle\int_{0}^{1}{f(t)g(t)\alpha(t)dt}는 르베그적분으로 수렴한다. 따라서 다음의 두 등식들을 얻는다.\begin{align*}\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\sum_{k=1}^{q}{f(a_{k})g(a_{k})\triangle r_{k,\,k}}}&=\int_{[0,\,1]}{f(t)g(t)\alpha(t)d\lambda(t)}\\ \lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\sum_{k\neq l}{f(a_{k})g(a_{l})\triangle r_{k,\,l}}}&=\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f(s)g(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}(s,\,t)d\lambda(s,\,t)}\end{align*}따라서 원하는 결과를 얻는다.

(4): (3)에서 f=g인 경우이다.

(5), (6): 정리 3.12의 (4)와 (6)과 같은 방법으로 증명한다. 


정리 3.22 X를 정리 3.20의 가우스 과정이라고 하자. 모든 \omega\in\Omega에 대해 X(\cdot,\,\omega)[0,\,1]에서 연속이라고 하면 모든 f\in C([0,\,1])\cap BV([0,\,1])에 대해 다음의 등식이 성립한다.I(f)(\omega)=\int_{0}^{1}{f(t)dX(t,\,\omega)},\,a.e.\,\omega\in\Omega증명: [0,\,1]에서 f가 유계변동이고 X(\cdot,\,\omega)가 연속이므로 I(f)(\omega)의 적분은 모든 \omega\in\Omega에 대해 존재한다. \{S(f,\,P^{n},\,\alpha^{n})\}L_{2}(\Omega)에서 I(f)로 수렴하므로, 부분수열 \{n_{k}\}가 존재해서 다음의 식이 성립한다.\lim_{k\,\rightarrow\,\infty}{S(f,\,P^{n_{k}},\,\alpha^{n_{k}})}(\omega)=I(f)(\omega),\,a.e.\,\omega\in\Omega그런데 모든 \omega\in\Omega에 대해 다음의 등식이 성립하므로 정리가 증명되었다.\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{S(f,\,P^{n_{k}},\,\alpha^{n_{k}})}=\int_{0}^{1}{f(t)dX(t,\,\omega)}보조정리 3.23 f\in L_{2}([0,\,1]), f_{n}\in C([0,\,1]), \displaystyle\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\|f_{n}-f\|}=0이라 하자. 그러면 \{I(f_{n})\,|\,n\in\mathbb{N}\}L_{2}(\Omega)에서 코시수열이고, 이 수열이 수렴하는 극한은 \{f_{n}\}과는 독립적이다.

증명: 정리 3.21의 (1)과 (2)에 의해\begin{align*}&\|I(f_{m})-I(f_{n})\|^{2}=\|I(f_{m}-f_{n})\|^{2}\\&\leq\int_{[0,\,1]}{|f_{m}(t)-f_{n}(t)|^{2}\alpha(t)d\lambda(t)}+\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{|f_{m}(s)-f_{n}(s)||f_{m}(t)-f_{n}(t)|\left|\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}\right|d\lambda(s,\,t)}\\&\leq A\|f_{m}-f_{n}\|^{2}+B\|f_{m}-f_{n}\|_{1}^{2}\,\left(A=\sup_{t\in[0,\,1]}{|\alpha(t)|},\,B=\sup_{\triangle_{1}\cup\triangle_{2}}{\left|\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}(s,\,t)\right|}\right)\end{align*}이고 또한 다음이 성립한다.\|f_{m}-f_{n}\|_{1}=\int_{[0,\,1]}{|f_{m}(t)-f_{n}(t)|d\lambda(t)}\leq\|f_{m}-f_{n}\|따라서 \{f_{n}\}L_{2}([0,\,1])에서 코시수열이라는 사실로부터 \{I(f_{n})\}L_{2}(\Omega)에서 코시수열이다.

g_{n}\in C([0,\,1]), \|g_{n}-f\|\,\rightarrow\,0이라 하자. 그러면 \{f_{1},\,g_{1},\,f_{2},\,g_{2},\,...\}C([0,\,1])의 원소들의 수열이고 f\in L_{2}([0,\,1])로 수렴하므로 \{I(f_{1}),\,I(g_{1}),\,...\}L_{2}(\Omega)에서 코시수열이 된다. \{I(f_{n})\}\{I(g_{n})\}은 이 코시수열의 부분수열이므로 L_{2}(\Omega)에서 수렴하고 동일한 극한을 갖는다.


정의 3.24 보조정리 3.23에서 수열 \{I(f_{n})\}L_{2}(\Omega)로 수렴하는 극한을 I(f)로 놓고, 이 I(f)를 가우스 과정 X에 대한 f\in L_{2}([0,\,1])의 확률적분이라고 한다.


정리 3.25 f\in L_{2}([0,\,1])의 확률적분 I(f)는 정리 3.21의 (1), (2), (3), (4), (5)를 만족한다. 또한 다음의 성질도 성립한다.

(6) \{I(f)\,|\,f\in L_{2}([0,\,1])\}은 가우스 과정이다. 

증명:

(1): f_{n},\,g_{n}\in C([0,\,1])이고 \|f_{n}-f\|\,\rightarrow\,0, \|g_{n}-g\|\,\rightarrow\,0이라 하자. 그러면\|(af_{n}+bg_{n})-(af+bg)\|\,\rightarrow\,0이므로 (1)이 성립한다.

(2): 다음의 등식으로부터 성립한다.E(I(f))=\langle I(f),\,1\rangle=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\langle I(f_{n}),\,1\rangle}=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{E(I(f_{n}))}=0(3): \displaystyle\langle I(f),\,I(g)\rangle=\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\langle I(f_{n}),\,I(g_{n})\rangle}이고, C([0,\,1])에서 성립하므로 L_{2}([0,\,1])에서 성립함을 보이기 위해 다음의 식이 성립함을 보이면 된다.\begin{align*}&\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\left\{\int_{[0,\,1]}{f_{n}(t)g_{n}(t)\alpha(t)d\lambda(t)}+\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f_{n}(s)g_{n}(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}d\lambda(s,\,t)}\right\}}\\&=\int_{[0,\,1]}{f(t)g(t)\alpha(t)d\lambda(t)}+\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f(s)g(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial s\partial t}d\lambda(s,\,t)}\end{align*}보조정리 3.23의 증명과정에서의 A,\,B, \|\cdot\|_{1}에 대해 다음의 식을 얻고,\begin{align*}&\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\left|\int_{[0,\,1]}{f_{n}(t)g_{n}(t)\alpha(t)d\lambda(t)}-\int_{[0,\,1]}{f(t)g(t)\alpha(t)d\lambda(t)}\right|}\\&\leq\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{A\int_{[0,\,1]}{\{|g_{n}(t)||f_{n}(t)-f(t)|+|f(t)||g_{n}(t)-g(t)|\}d\lambda(t)}}\\&\leq\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{A\{\|g_{n}\|\|f_{n}-f\|+\|f\|\|g_{n}-g\|\}}=0\end{align*}같은 방법으로 다음의 식을 얻는다.\begin{align*}&\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{\left|\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f_{n}(s)g_{n}(t)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}d\lambda(s,\,t)}\right|}-\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{f(s)g(s)\frac{\partial^{2}r}{\partial t\partial s}d\lambda(s,\,t)}\\&\leq\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{B\int_{[0,\,1]\times[0,\,1]}{\{|g_{n}(t)||f_{n}(s)-f(s)|+|f(s)||g_{n}(t)-g(t)|\}d\lambda(s,\,t)}}\\&\leq\lim_{n\,\rightarrow\,\infty}{B\{\|g_{n}\|_{1}\|f_{n}-f\|_{1}+\|f\|_{1}\|g_{n}-g\|_{1}\}}=0\end{align*}이렇게 해서 (3)을 증명했다.

(4): (3)에서 f=g인 경우이다.

(5), (6): 정리 3.21의 (4)와 (6)의 증명과 같은 방법으로 얻는다.


참고자료:

위너 적분론, 장건수, 민음사        

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Posted by skywalker222