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13. 원시함수

 
 
서로 다른 두 점 z1z2에 대하여 이 두 점을 잇는 경로에 따라 f(z)의 경로적분값이 결정되지만 경로에 독립적인, 즉 경로에 관계없이 항상 적분값이 같은 특정한 함수들이 있다. 이러한 함수들에 대해서 미적분학의 기본정리와 비슷한 정리를 적용할 수 있다.
 여기서 필요한 것은 영역 D에서 연속함수 f의 원시함수(antiderivatives, 역도함수) F, 즉 모든 zD에서 F(z)=f(z)인 함수 F이다.  

 

함수 f(z)가 영역 D에서 연속이라고 하자. 다음 명제들 중에서 하나가 참이면 나머지 명제들도 참이다.

 

(1) D에서 함수 f(z)의 원시함수 F(z)가 존재한다.

(2) 임의의 고정된 점 z1, z2에 대하여 z1부터 z2까지 연결하고 D에 완전히 포함되는 임의의 경로에서 f(z)의 적분값은 경로에 관계없이 항상 같다. 즉, F(z)가 (1)의 원시함수이면 다음이 성립한다.z2z1f(z)dz=[F(z)]z2z1=F(z2)F(z1)(3) D에 완전히 포함되는 임의의 닫힌경로에서 f(z)의 적분값은 항상 0이다.

 

증명:

(1)(2): 영역 D에서 f(z)의 원시함수 F(z)가 존재한다고 하자. C:z(t)(atb)D 상에 놓인 z1에서 z2를 잇는 임의의 경로라고 하자. 그러면 z(a)=z1, z(b)=z2이고 다음이 성립한다.ddtF(z(t))=F(z(t))z(t)=f(z(t))z(t)(atb)그러면 미적분학의 기본정리로부터z2z1f(z)dz=Cf(z)dz=baf(z(t))z(t)dt=[F(z(t))]ba=F(z(b))F(z(a))=F(z1)F(z2)이다. 이 식은 C가 매끄럽지 않은 임의의 경로일때도 성립한다. C=Ck(k=1,2,...,n)(Ckzk에서 zk+1로 잇는 매끄러운 호) 일 때zn+1z1f(z)dz=Cf(z)dz=nk=1Ckf(z)dz=nk=1zk+1zkf(z)dz=nk=1{F(zk+1)F(zk)}=F(zn+1)F(z1)이므로 매끄럽지 않은 임의의 경로에 대해서도 성립한다.

 

(2)(3): C1C2가 영역 D에서 점 z1에서 z2를 잇는 서로 다른 경로라 하자. 그러면C1f(z)dz=C2f(z)dz이고C1f(z)dzC2f(z)dz=C1f(z)dz+C2f(z)dz=C1C2f(z)dz=0이다. 경로 C=C1C2는 폐경로이므로 따라서 C에서 f(z)의 경로적분값은 0이다.

 

(3)(1):\,임의의 zD에 대하여F(z)=zz0f(s)ds라 하자. D에 완전히 포함되고 z의 근방에 속하는데 z과 다른 임의의 점을 z+Δz라 하자. 그러면 다음이 성립한다.F(z+Δz)F(z)=z+Δzz0f(s)dszz0f(s)ds=z+Δzzf(s)ds이때z+Δzzds=(z+Δz)z=Δz이므로f(z)=1Δzz+Δzzf(z)ds이고F(z+Δz)F(z)Δzf(z)=1Δzz+Δzz{f(s)f(z)}dsfz에서 연속이므로 연속의 정의로부터 임의의 ϵ>0에 대하여 δ>0가 존재해서 |sz|<δ일 때 |f(s)f(z)|<ϵ이다. 따라서 |Δz|<δ일 때|F(z+Δz)F(z)Δzf(z)|=|1Δzz+Δzz{f(s)f(z)}ds|1|Δz|z+Δzz|f(s)f(z)|dz<1|Δz|ϵ|Δz|=ϵ이므로F(z)=lim이다.(QED)

 

함수 \displaystyle f(z)=\cos\left(\frac{z}{2}\right)의 원시함수는 \displaystyle F(z)=2\sin\left(\frac{z}{2}\right)이다. 그러므로\int_{0}^{\pi+2i}{\cos\left(\frac{z}{2}\right)dz}=\left[2\sin\left(\frac{z}{2}\right)\right]_{0}^{\pi+2i}=2\sin\left(\frac{\pi}{2}+i\right)-2\sin0=2\sin\frac{\pi}{2}\cos i=2\frac{e^{1}+e^{-1}}{2}=e+\frac{1}{e}이다.

 

경로 C_{1}이 원 |z|=2의 오른쪽 반, 즉C_{1}:\,z=2e^{i\theta}\,\left(-\frac{\pi}{2}\leq\theta\leq\frac{\pi}{2}\right)이라 하자. 로그함수의 주분지\text{Log}z=\ln r+i\Theta\,(r>0,\,-\pi<\Theta<\pi)를 함수 \displaystyle f(z)=\frac{1}{z}의 원시함수로 사용해서 C_{1}에서 f(z)의 적분값을 구할 수 있다.\begin{align*}\int_{C_{1}}{f(z)dz}&=\int_{C_{1}}{\frac{1}{z}dz}=\int_{-2i}^{2i}{\frac{1}{z}dz}=\left[\text{Log}z\right]_{-2i}^{2i}\\&=\text{Log}(2i)-\text{Log}(-2i)=\left(\ln2+i\frac{\pi}{2}\right)-\left(\ln2-i\frac{\pi}{2}\right)\\&=\pi i\end{align*}여기서 경로가 위의 원 |z|=2의 왼쪽반원 C_{2} 즉,C_{2}:\,z=2e^{i\theta}\,\left(\frac{\pi}{2}\leq\theta\leq\frac{3}{2}\pi\right)일 때는 다음의 로그함수의 분지\log z=\ln r+i\theta\,(r>0,\,0<\theta<2\pi)f(z)의 원시함수로 보고 이 경로에 대한 f(z)의 적분을 다음과 같이 구할 수 있다.\begin{align*}\int_{C_{2}}{f(z)dz}&=\int_{2i}^{-2i}{\frac{1}{z}dz}=\left[\log z\right]_{2i}^{-2i}\\&=\log(-2i)-\log(2i)=\left(\ln2+i\frac{3}{2}\pi\right)-\left(\ln2+i\frac{\pi}{2}\right)\\&=\pi i\end{align*}그러므로\int_{|z|=2}{\frac{1}{z}dz}=\int_{C_{1}}{\frac{1}{z}dz}+\int_{C_{2}}{\frac{1}{z}dz}=\pi i+\pi i=2\pi i이다.

 

함수\frac{1}{1+i}z^{1+i}=\frac{1}{1+i}e^{(1+i)\log z}\,\left(|z|>0,\,-\frac{\pi}{2}<\text{arg}z<\frac{3}{2}\pi\right)를 미분하면\frac{d}{dz}\left(\frac{1}{1+i}e^{(1+i)\log z}\right)=\frac{1}{1+i}\frac{1+i}{z}e^{(1+i)\log z}=e^{-\log z}e^{(1+i)\log z}=e^{i\log z}=z^{i}이다. 그러면 z^{i}의 역도함수는 앞에서의 함수 \frac{1}{1+i}z^{1+i}=\frac{1}{1+i}e^{(1+i)\log z}\,\left(|z|>0,\,-\frac{\pi}{2}<\text{arg}z<\frac{3}{2}\pi\right)이고 따라서\begin{align*}\int_{-1}^{1}{z^{i}dz}&=\left[\frac{1}{1+i}z^{1+i}\right]_{-1}^{1}=\left[\frac{1}{1+i}e^{(1+i)\log z}\right]_{-1}^{1}\\&=\frac{1-e^{(1+i)\log(-1)}}{1+i}=\frac{1-i}{2}(1-e^{-\pi-\pi i})\\&=\frac{1+e^{-\pi}}{2}(1-i)\end{align*}이다.

 

참고자료:

Complex Variables and Applications 8th edition, Churchill, Brown, McGraw-Hill        

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Posted by skywalker222